Озадачник: 133 вопроса на знание логики, математики и физики - Павел Полуэктов

52. Случай с толстым Бо

Класс в полном составе отправляется на пейнтбол. Среди учеников особо выделяется Боря, которого все зовут Толстым Бо, он и правда не по годам широк.

– Бо, а ты же превосходная мишень! Вот в кого удобнее всего будет целиться, ты уж не обижайся, старик!

На полигоне всем раздали оружие и по четыре заряда к нему. После игры ребята, полностью расстреляв боекомплекты, подсчитывают «раны», и вот что выясняется: у трети класса (не считая Бо) по одному ранению, у другой трети – по два, и еще у трети – по три. Ну а на бедном Бо насчитали… 46 попаданий!

Вопрос: сколько учеников в классе Толстого Бо?

1. 17.

2. 22.

3. 25.

x – искомое число учеников, посчитаем их «раны»: 1 × (x – 1)/3 + 2 × (x – 1)/3 + 3 × (x – 1)/3 + 46, и созданы они были теми зарядами, что ребята друг в друга выпустили, общим числом 4x. Таким образом, уравнение на x будет: 2x – 2 + 46 = 4x, x = 22.

53. Какое меньше?

Числа A, B, C и D связаны соотношениями: A – 3 = B + 8 = С – 5 = D. Какое из чисел является наименьшим?

1. B.

2. C.

3. D.

Сравним все числа с D: A больше D на 3, C больше D на 5, а B меньше D на 8. Значит, B меньше и D, и A, и C, т. е. меньше всех.

54. Разноцветные шары

В коробке лежат 5 белых, 8 красных и 13 черных шаров. Какое минимальное число шаров нужно вытащить (вслепую, их цвет в момент выбора нам неизвестен), чтобы там было по меньшей мере два шара одного цвета?

1. Четыре.

2. Шесть.

3. Девять.

Если нам очень повезет, сразу два первых шара будут одного цвета (скорее всего, черного). В самом же худшем случае три первых шара будут разного цвета: белый, красный, черный. Но четвертый шар будет либо белый, либо красный, либо черный, иного не дано. Значит, вытащив четыре шара, мы гарантированно имеем два одного цвета.

55. Сколько в коробке?

Размеры коробки для кубиков – 40 × 30 × 10 см. Сколько кубиков в коробке?

1. 24.

2. 48.

3. 96.

Очередная диофантова задача (см. задачу № 47). Мы предполагаем, что кубики плотно заполняют коробку, т. е. занимают весь ее объем. Что ж, посчитаем размер кубика для варианта 1. Объем кубика будет равен 12 000 куб. см (объем коробки) разделить на 24 (количество кубиков), что дает 500 куб. см. Длина ребра кубика суть корень кубический из этого числа, не выражается в рациональных числах и приближенно равна 7,93 см. Очевидно, кубики с таким ребром плотно в нашу коробку не вместить, ведь ни 20, ни 30, ни 40 на 7,93 нацело не делятся. Аналогично с вариантом 2 (48 кубиков), объем кубика получается 250 куб. см, длина ребра – 6,3 см. А вот когда кубиков 96, то объем каждого – 125 куб. см, а значит, длина ребра 5 см, и такие кубики спокойно уместятся в нашей коробке, по восемь кубиков в длину, шесть в ширину и два в высоту.

56. Москва резиновая

Ситуация с пропускной способностью метро – тупиковая: интервал между поездами уменьшить нельзя (тогда они начнут догонять друг друга в тоннелях), длина состава ограничена длиной платформы – все, потолок, увеличить пассажиропоток решительно невозможно! Но тут в мэрии предлагают неожиданное решение: сцеплять поезда друг с другом (k = 2, 3, 4 состава вместе), чтобы такой суперпоезд останавливался на каждой платформе k раз, для посадки и высадки пассажиров из каждой из своих частей. Мол, время простоя на станции несколько увеличится, зато пассажиров такой поезд в k раз больше сможет взять за один рейс! Интересное решение, но будет ли от него толк?

1. Разумеется, да, отличное решение!

2. Смотря для кого: для метрополитена в целом да, для пассажиров – нет.

3. Вот же глупость какая!

У нас есть четыре параметра: вместимость состава (обозначим Q) и три времени – среднее время в пути между двумя станциями (tтоннель), время на посадку-высадку пассажиров (tпосадка) и время сдвига поезда на платформе (tсдвиг) – то, за которое суперпоезд переместится на длину одного состава обычного поезда. При этом пассажиропоток (P) определяется как P = kQ/t, где t – полное время, t = tтоннель + ktпосадка + (k – 1)tсдвиг (где k раз совершили посадку-высадку и k – 1 раз сдвинули состав). Перепишем в более компактной форме: t = t0 + (k – 1) × τ, t0 = tтоннель + tпосадка (стандартное полное время для обычного поезда), τ = tпосадка + tсдвиг – «добавка» за счет удлинения. Что можно сказать о пассажиропотоке? Если k очень большое (k >> 1), то, как нетрудно заметить, P → P0t0/τ, где P0 = Q/t0 – пассажиропоток обычного поезда. Если t0 < τ, то задача теряет смысл – суперпоезд будет возить меньше пассажиров, чем обычный. Но возьмем реалистичные значения, скажем, t0 = 3 мин, τ = 1 мин. Тогда пассажиропоток мы можем, в пределе, утроить (если возьмем очень большое число составов k). Впрочем, уже при k = 4 пассажиропоток возрастет вдвое! Правда, и время в пути возрастет также вдвое (за счет долгого стояния на станциях). Ехать придется долго – зато свободно.

57. Такие шахматы

[5]

У вас есть шахматная доска и 32 костяшки домино, причем размер костяшки – аккурат две клетки доски. Таким образом, вы без труда и большим числом способов сможете закрыть шахматную доску фишками домино. Срезаем по одной клетке в углах доски на концах одной из диагоналей – удастся ли 31 костяшкой закрыть все клетки такой доски?

1. Нет, это невозможно.

2. Да, одним-единственным способом.

3. Да, и способов сделать это – множество.

Ответ поражает – интуитивно-то нам кажется, что можно закрыть обрезанную доску 31 костяшкой, – но еще больше поражает красота и простота доказательства, почему этого сделать нельзя. Обратим внимание, что когда мы закрываем целую, неиспорченную доску, то каждая костяшка покрывает две клетки разного цвета – и черную, и белую, сделать так, чтобы клетки были одноцветные (две белые или две черные), не получится никоим образом. Теперь отметим тот факт, что клетки на концах любой диагонали доски 8 × 8 – одного цвета (для определенности будем считать, что белые), таким образом, после срезания двух клеток у нас на доске будут 62 белые и 64 черные клетки, или, иначе, у двух черных клеток не будет пары – отсюда с необходимостью следует, что покрыть такую доску 31 костяшкой не представляется возможным. Разве что одну из костяшек мы тоже решим порезать.

58. Какой длины?

Берем отрезок длины 1, выламываем из него посередине треть и заменяем ее на два отрезка, представляющие собой две стороны равностороннего треугольника, третьей стороной которого служит выброшенный нами отрезок. Затем с каждым звеном полученной ломаной проделываем то же самое, потом с новой ломаной, и так далее до бесконечности. Какой будет длина полученной в итоге линии?

1. 4/3.

2. Сумма бесконечного сходящегося ряда 1 + 1/3 + 1/3² +… = 3/2.

3. И не сосчитаешь!

Фигура, которая получается в итоге, – это кривая (еще говорят «снежинка») Коха (по имени автора, шведского математика Хельге фон Коха), один из самых известных фракталов – видимо, потому, что его проще всего рисовать. А еще несложно посчитать его длину на каждом этапе «сборки»: когда мы ломаем отрезок первый раз, мы заменяем среднюю часть (длины 1/3) на два отрезка, каждый такой же длины (треугольник по условию равносторонний). Сложим длины всех отрезков (1/3 + 1/3 + 1/3 + 1/3), получим 4/3. А какой будет длина ломаной на втором шаге? Очевидно, длина каждого маленького отрезка (1/3) увеличится, как видим из предыдущего рассуждения, в 4/3 раз, всего таких отрезков четыре, значит, суммарная длина всей ломаной будет уже (4/3)². И с каждым шагом эта степень будет увеличиваться, длина ломаной растет, причем экспоненциально, т. е. с каждым шагом все быстрее! Так, уже на четвертом шаге она будет превышать первоначальную втрое, на десятом – в 18 раз, на сотом – в 3 трлн раз! Фракталы на плоскости – удивительные фигуры, не имеющие ни длины (она, как видим, бесконечна), ни площади (она-то как раз равна нулю). Любопытно, что в жизни фракталы, про которые большинство людей даже не знает, встречаются на каждом шагу: это и деревья, и облака, и, конечно, снежинки.